Если на тело 2•10⁶ лишных электронов, то
заряд этого тела:
а) 3,2•10-¹³К;
б) 1,25•10-¹²К;
в) 8•10-¹²К.
2.Однородное эл. поле,
напряжённостью
200Н/К, подействует на
заряд 9•10-⁹К
помещённый в это поле силой:
а)18мН; б) 4,5 •10-⁶ Н;
в) 1,6•10-⁶Н
3.Вычислить потенциал
эл. поля заряда 2е в точке, отдалённой на
расстояние 9•10-¹¹м от
данного заряда.
• вдоль оси OX тело движется по инерции (с постоянной скоростью), так как на него вдоль этой оси не действуют никакие силы. вдоль оси OY тело движется с ускорением свободного падения a = -g (минус, так как вектор g не сонаправлен с нашей осью)
• начальную скорость v0 = 20 м/c, так как она направлена под углом к горизонту, необходимо разложить на две компоненты - горизонтальную и вертикальную (т.е. спроецировать на оси)
○ v0(x) = v0 cosα
○ v0(y) = v0 sinα
• рассмотрим половину параболы. в верхней точке подъема вертикальная компонента скорости v(y) равна нулю. напишем уравнение скорости:
○ v(y) = v0(y) - gt'
○ t' = v0(y)/g = (v0 sinα)/g
• известно, что время подъема до верхней точки параболы равняется времени падения с нее. то есть, время полета мяча равно t = 2 t':
○ t = (2 v0 sinα)/g = (2*20*0.766)/9.8 ≈ 3.126 c
• из уравнения кинематики S = (v² - v0²)/(2a) нетрудно получить, что максимальная высота подъема равна:
○ H = (v0² sin²α)/(2g) = (20^(2)*0.766^(2))/(2*9.8) ≈ 11.974 м ≈ 12 м
• так как вдоль оси OX тело движется равномерно, то дальность полета равна:
○ L = v0(x) t = v0 cosα t = 20*0.642*3.126 ≈ 40.137 м ≈ 40.14 м
2)Они получат разные кол-ва теплоты, потому что удельные теплоемкости с ложек отличаются(из формулы Q=cm(t2-t1))
3)Внутренняя энергия ложек увеличится,а внутренняя энергия воды уменьшится, в следствии закона сохранения энергии.
4)Изменение внутренней энергии каждой ложки будет равно между собой т.к. установившаяся после теплообмена температура будет одна и у ложек и у воды. Внутренняя энергия воды перейдет во внутреннюю энергию ложек.